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关于丢番图方程(15n)^x+(112n)^y=(113n)^z 被引量:13
1
作者 邓谋杰 《黑龙江大学自然科学学报》 CAS 北大核心 2007年第5期617-620,共4页
设a,b,c为两两互素的正整数且满足a2+b2=c2.1956年Jesmanowicz猜测丢番图方程(na)x+(nb)y=(nc)z仅有正整数解x=y=z=2.利用初等方法证明了:对于任意的正整数n,除去x=y=z=2而外,丢番图方程(15n)x+(112n)y=(113n)z无其它正整数解,即当a=3.5... 设a,b,c为两两互素的正整数且满足a2+b2=c2.1956年Jesmanowicz猜测丢番图方程(na)x+(nb)y=(nc)z仅有正整数解x=y=z=2.利用初等方法证明了:对于任意的正整数n,除去x=y=z=2而外,丢番图方程(15n)x+(112n)y=(113n)z无其它正整数解,即当a=3.5,b=16.7,c=113时Jesmanowicz猜想成立。 展开更多
关键词 丢番图方程 jesmanowicz猜想 初等方法
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A Remark on Jesmanowicz' Conjecture for the Non-coprimality Case 被引量:11
2
作者 Takafumi MIYAZAKI 《Acta Mathematica Sinica,English Series》 SCIE CSCD 2015年第8期1255-1260,共6页
Let a, b, c be relatively prime positive integers such that a^2+ b^2= c^2. Jesmanowicz'conjecture on Pythagorean numbers states that for any positive integer N, the Diophantine equation(aN)x+(b N)y=(cN)zhas n... Let a, b, c be relatively prime positive integers such that a^2+ b^2= c^2. Jesmanowicz'conjecture on Pythagorean numbers states that for any positive integer N, the Diophantine equation(aN)x+(b N)y=(cN)zhas no positive solution(x, y, z) other than x = y = z = 2. In this paper, we prove this conjecture for the case that a or b is a power of 2. 展开更多
关键词 Diophantine equation Pythagorean numbers jesmanowicz conjecture
原文传递
关于一组勾股数的Jemanowicz猜想(英文) 被引量:12
3
作者 孙翠芳 程智 《数学进展》 CSCD 北大核心 2014年第2期267-275,共9页
设n是正整数,本文证明了丢番图方程(36n)^((x))+(77n)^((y))=(85n)^((z))除了(x,y,z)=(2,2,2)之外没有其它整数解,从而得到Jesmanowicz猜想在该类情况下的正确性.
关键词 jesmanowicz猜想 DIOPHANTINE方程 LEGENDRE符号
原文传递
关于丢番图方程(13n)~x+(84n)~y=(85n)~z 被引量:10
4
作者 邓谋杰 《黑龙江农垦师专学报》 1999年第3期40-41,共2页
设n 为任意正整数,本文证明了丢番图方程(13n)x+ (84n)y= (85n)z 仅有正整数解x= y= z= 2。
关键词 丢番图方程 jesmanowicz 猜想
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关于丢番图方程(12n)x+(35n)y=(37n)z 被引量:9
5
作者 杨志娟 翁建欣 《纯粹数学与应用数学》 CSCD 2012年第5期698-704,共7页
运用同余及元素阶的性质,证明对任意正整数n,丢番图方程(12n)x+(35n)y=(37n)z仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2).
关键词 jesmanowicz猜想 丢番图方程 同余
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关于丢番图方程(65n)^x+(72n)^y =(97n)^z 被引量:8
6
作者 马米米 吴建东 《南京师大学报(自然科学版)》 CAS CSCD 北大核心 2014年第4期28-30,40,共4页
本文证明了对任意的正整数n,丢番图方程(65n)x+(72n)y=(97n)z仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2).
关键词 jesmanowicz猜想 丢番图方程
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关于商高数的Jemanowicz猜想 被引量:9
7
作者 杨海 任荣珍 付瑞琴 《数学杂志》 北大核心 2017年第3期506-512,共7页
本文研究了商高数的Jemanowicz猜想的整数解问题.利用初等数论方法,获得了该猜想的两个新结果并给出证明,推广了文献[4–8]的结果.
关键词 指数DIOPHANTINE方程 商高数 Jemanowicz猜想
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关于Jesmanowicz猜想的一个注记(英文) 被引量:7
8
作者 孙翠芳 程智 《数学杂志》 CSCD 北大核心 2013年第5期788-794,共7页
本文研究了Jesmanowicz于1956年提出的关于丢番图方程(1.1)解的猜想.利用数论中的一些方法,得到了丢番图方程(1.2)的所有正整数解,证明了Jesmanowicz猜想在这类情况下的正确性.
关键词 jesmanowicz猜想 丢番图方程 雅可比符号
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关于丢番图方程(1023n)^(x)+(64n)^(y)=(1025n)^(z)
9
作者 段睿 朱敏慧 贺兴时 《哈尔滨商业大学学报(自然科学版)》 CAS 2024年第3期339-341,共3页
设a,b,c是两两互素的正整数且满足商高数条件,即当a,b,c为本原商高数时,方程(an)^(x)+(bn)^(y)=(cn)^(z)仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2).而现有的丢番图方程形式并没有将b的具体形式与初等数论紧密结合,利用奇偶分析法、简单同余理论、将... 设a,b,c是两两互素的正整数且满足商高数条件,即当a,b,c为本原商高数时,方程(an)^(x)+(bn)^(y)=(cn)^(z)仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2).而现有的丢番图方程形式并没有将b的具体形式与初等数论紧密结合,利用奇偶分析法、简单同余理论、将b取为26并与初等数论相结合,还运用了分类讨论、反证法的思想,具体为先采用反证法进行假设,根据所化简的等式选取合适的模数进行推算得出与假设相悖的结论,即证明了:若n为正整数,当(a,b,c)=(1023,64,1025)时,丢番图方程(1023n)x+(64n)y=(1025n)z仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2),以此验证Jesmanowicz猜想成立,这个证明结果使Jesmanowicz猜想更加充实. 展开更多
关键词 指数丢番图方程 jesmanowicz猜想 初等数论 简单同余法 正整数解
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关于丢番图方程(na)^(x)+(nb)^(y)=(nc)^(z)(c=65,89,101) 被引量:6
10
作者 管训贵 《安徽大学学报(自然科学版)》 CAS 北大核心 2021年第5期20-27,共8页
设a,b,c为两两互素的正整数且满足a2+b2=c2.1956年,Jesmanowicz猜测丢番图方程(na)^(x)+(nb)^(y)=(nc)^(z)仅有正整数解x=y=z=2.此利用初等方法证明了:对于任意的正整数n,除去x=y=z=2外,丢番图方程(56n)^(x)+(33n)^(y)=(65n)^(z),(80n)^... 设a,b,c为两两互素的正整数且满足a2+b2=c2.1956年,Jesmanowicz猜测丢番图方程(na)^(x)+(nb)^(y)=(nc)^(z)仅有正整数解x=y=z=2.此利用初等方法证明了:对于任意的正整数n,除去x=y=z=2外,丢番图方程(56n)^(x)+(33n)^(y)=(65n)^(z),(80n)^(x)+(39n)^(y)=(89n)^(z)和(20n)^(x)+(99n)^(y)=(101n)^(z)无其他的正整数解,即当(a,b,c)=(56,33,65),(80,39,89)和(20,99,101)时,Jesmanowicz猜想成立. 展开更多
关键词 丢番图方程 正整数解 jesmanowicz猜想 初等方法
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丢番图方程(an)^(x)+(bn)^(y)=(cn)^(z),a^(2)+b^(2)=c^(5) 被引量:1
11
作者 邓乃娟 《南宁师范大学学报(自然科学版)》 2023年第3期10-14,共5页
设n,a=|m(m^(4)-10m^(2)+5)|,b=5m^(4)-10m^(2)+1,c=m^(2)+1是正整数,且2|m,m>0.该文证明了:若(x,y,z,n)≠(2,2,5,1),(2,2,3,c 2),(2,2,4,c)是丢番图方程(an)^(x)+(bn)^(y)=(cn)^(z)的正整数解,则x<y<z或y<x<z;当(a,b,c)... 设n,a=|m(m^(4)-10m^(2)+5)|,b=5m^(4)-10m^(2)+1,c=m^(2)+1是正整数,且2|m,m>0.该文证明了:若(x,y,z,n)≠(2,2,5,1),(2,2,3,c 2),(2,2,4,c)是丢番图方程(an)^(x)+(bn)^(y)=(cn)^(z)的正整数解,则x<y<z或y<x<z;当(a,b,c)=(38,41,5),(404,1121,17)时,丢番图方程(an)^(x)+(bn)^(y)=(cn)^(z)的正整数解只有(x,y,z,n)=(2,2,5,1),(2,2,3,c 2). 展开更多
关键词 jesmanowicz猜想 丢番图方程 正整数解
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关于丢番图方程(48n)x+(55ny=(73n)z 被引量:5
12
作者 李益孟 《重庆工商大学学报(自然科学版)》 2018年第2期27-30,共4页
利用初等的方法证明了对任意的正整数n,丢番图方程(48n)~x+(55n)~y=(73n)~z仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2),从而得知Jesmanowicz猜想在该情形下成立。
关键词 jesmanowicz猜想 丢番图方程 初等方法
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关于不定方程(37n)^(x)+(684n)^(y)=(685n)^(z)的正整数解 被引量:1
13
作者 王志兰 《河南教育学院学报(自然科学版)》 2023年第1期12-15,共4页
运用初等方法证明了对任意的正整数n,丢番图方程(37n)^(x)+(684n)^(y)=(685n)^(z)仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2)。
关键词 jesmanowicz猜想 丢番图方程 正整数解 分解因子 同余
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关于商高数的Jesmanowicz猜想 被引量:1
14
作者 安莹 罗明 《湖北大学学报(自然科学版)》 CAS 2023年第3期321-326,共6页
本研究主要利用简单同余、二次剩余、κ次剩余、四次剩余特征理论及因式分解法,对关于不定方程a^(x)+b^(y)=c^(z)的Jesmanowicz猜想的一类特殊情形进行证明,并得到如下结论:定理对于商高数组a=n^(2)-4,b=4n,c=n^(2)+4,2×n,当n+2含... 本研究主要利用简单同余、二次剩余、κ次剩余、四次剩余特征理论及因式分解法,对关于不定方程a^(x)+b^(y)=c^(z)的Jesmanowicz猜想的一类特殊情形进行证明,并得到如下结论:定理对于商高数组a=n^(2)-4,b=4n,c=n^(2)+4,2×n,当n+2含有素因子p■-1(mod 16)时,Jesmanowicz猜想成立.特别地,有推论对于上述商高数组,当n■-1(mod 16)时,Jesmanowicz猜想成立. 展开更多
关键词 指数丢番图方程 jesmanowicz猜想 同余 二次剩余 四次剩余特征 勒让德符号 雅可比符号
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关于丢番图方程(60n)~x+(91n)~y=(109n)~z 被引量:5
15
作者 崔保军 《广西师范学院学报(自然科学版)》 2019年第2期43-46,共4页
利用初等方法证明了:对任意的正整数n,丢番图方程(60n)^x+(91n)^y=(109n)^z仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2).
关键词 丢番图方程 jesmanowicz猜想 初等方法 同余
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关于Diophantine方程(44n)^(x)+(117n)^(y)=(125n)^(z)的整数解 被引量:6
16
作者 鲁伟阳 高丽 郝虹斐 《纯粹数学与应用数学》 CSCD 2014年第6期627-633,共7页
在Jesmanowícz猜想的基础上,利用初等方法证明了对任意的正整数n,Diophantine方程(44n)x+(117n)y=(125n)z仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2).
关键词 Jeismanowicz猜想 DIOPHANTINE方程 初等方法 幸福数
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不定方程■的正整数解
17
作者 管训贵 潘小明 《宁夏大学学报(自然科学版)》 CAS 2023年第1期8-11,共4页
设k,l,m_(1),m_(2)是正整数,p,q为奇素数且满足pk=2m1-3m2,q^(l)=2^(m1)+3^(m2).证明了若2■m_(1),m_(2)≡2(mod 4),z≡0(mod 2),则对任意正整数n>1,丢番图方程■仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2),从而得到Jesmanowicz猜想在该情形下的... 设k,l,m_(1),m_(2)是正整数,p,q为奇素数且满足pk=2m1-3m2,q^(l)=2^(m1)+3^(m2).证明了若2■m_(1),m_(2)≡2(mod 4),z≡0(mod 2),则对任意正整数n>1,丢番图方程■仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2),从而得到Jesmanowicz猜想在该情形下的正确性. 展开更多
关键词 丢番图方程 正整数解 jesmanowicz猜想 LEGENDRE符号
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关于一类勾股数的Je?manowicz猜想 被引量:3
18
作者 管训贵 《数学进展》 CSCD 北大核心 2021年第4期519-528,共10页
设k,l,m1,m2是正整数,p,q为素数,满足p^(k)=2^(m1)−3^(m2),q^(l)=2^(m1)+3^(m2),且2■m2或2|m1,2|m2.本文证明了对任意正整数n,丢番图方程(q^(2l)−p^(2k)/2n)^(x)+(p^(k)q^(l)n)^(y)=(q^(2l)+p^(2k)/2n)^(z)除x=y=z=2外没有其他的正整数... 设k,l,m1,m2是正整数,p,q为素数,满足p^(k)=2^(m1)−3^(m2),q^(l)=2^(m1)+3^(m2),且2■m2或2|m1,2|m2.本文证明了对任意正整数n,丢番图方程(q^(2l)−p^(2k)/2n)^(x)+(p^(k)q^(l)n)^(y)=(q^(2l)+p^(2k)/2n)^(z)除x=y=z=2外没有其他的正整数解.从而说明Jesmanowicz猜想在该类情形下成立. 展开更多
关键词 jesmanowicz猜想 丢番图方程 正整数解 Legendre-Jacobi符号
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关于丢番图方程(195n)~x+(28n)~y=(197n)~z 被引量:3
19
作者 凌灯荣 翁建欣 《纯粹数学与应用数学》 CSCD 2013年第4期342-349,共8页
运用同余及元素阶的性质,证明了对任意的正整数n,丢番图方程(195n)x+(28n)y=(197n)z仅有正整数解(x,y,z)=(2,2,2).
关键词 jesmanowicz猜想 丢番图方程 同余
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关于丢番图方程(na)~x+(nb)~y=(nc)~z(英文) 被引量:3
20
作者 陈凤娟 《数学进展》 CSCD 北大核心 2018年第3期388-392,共5页
设(a,b,c)为本原的商高数组,满足a^2+b^2=c^2且2|b.1956年,Jesmanowicz猜想:对任给的正整数n,丢番图方程(na)~x+(nb)~y=(nc)~z仅有正整数解x=y=z=2.令P(n)表示n的所有不同素因子乘积.对商高数组(a,b,c)=(p^(2r)-4,4p^r,p^(2r)+4),其中p... 设(a,b,c)为本原的商高数组,满足a^2+b^2=c^2且2|b.1956年,Jesmanowicz猜想:对任给的正整数n,丢番图方程(na)~x+(nb)~y=(nc)~z仅有正整数解x=y=z=2.令P(n)表示n的所有不同素因子乘积.对商高数组(a,b,c)=(p^(2r)-4,4p^r,p^(2r)+4),其中p为大于3的素数且p■1(mod 8),本文证明在条件P(a)|n或者P(n)a下,Jesmanowicz猜想成立. 展开更多
关键词 jesmanowicz猜想 商高数组
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